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2025年高考物理冲刺押题密卷05【江苏卷】

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。

1．嫦娥五号月壤样品的化学成分分析显示，月壤具有高含量的钍（），钍可以为将来开发月球提供能源材料，经中子轰击后核反应方程为，产生燃料铀（），下列说法正确的是（　　）

A．反应方程式中，

B．该反应属于衰变

C．该反应属于核聚变

D．钍（）的半衰期会随着环境温度改变而改变

【答案】A

【详解】A．根据电荷数守恒，U的电荷数为

根据质量数守恒，U的质量数为

故A正确；

BC．该反应属于人工核转变，故BC错误；

D．半衰期不会随着环境温度改变而改变，故D错误。

选A。

2．甲、乙、丙三图中，均为边长为的正方形，图甲中，单匝线框的边是以为圆心的四分之一圆弧；图乙中，单匝线框的边是以为圆心的四分之一圆弧，图丙中，单匝线框是等腰直角三角形。现让甲、乙、丙三图中的线框均绕过边垂直于磁场的轴匀速转动，角速度大小分别为，匀强磁场的磁感应强度大小均为，图甲、乙线框中产生的电动势有效值分别为，则图丙线框中产生的电动势有效值为（　　）

A． B． C． D．

【答案】C

【详解】设甲图中线框的面积为乙图中线框的面积为，线框甲中的电动势有效值，图乙中线框转动产生的电动势有效值，图丙中线框转动产生的电动势有效值，根据几何关系，解得。

故选C。

3．两小宝宝分别画了一条小鱼，妹妹画的小鱼如图1所示，哥哥画的小鱼如图2所示，都画出了小鱼在水中吐泡泡的神韵。从物理视角分析，下列说法正确的有（　　）

A．小鱼吐的气泡上升时，体积不变，图1不合理

B．小鱼吐的气泡上升时，体积减小，图2不合理

C．小鱼吐的气泡上升时，泡内压强增大

D．小鱼吐的气泡上升时，液体对气泡做负功

【答案】D

【详解】ABC．小鱼吐出气泡后，在水中上升，距离水面越来越近，压强减小，根据

可知体积增大，故ABC错误；

D．小鱼吐的气泡上升时，气体膨胀，气体对外做正功，液体对气泡做负功，故D正确。

故选D。

4．如图是通过光电效应实现信号传输控制的设备——光继电器．LED发出波长为的光，光电管阴极K被照射后恰能发生光电效应，从而引起信号接收电路产生电流，实现对外部电路的控制。已知普朗克常量为h，真空中的光速为c，则（　　）

A．阴极K的逸出功小于

B．阴极K的截止频率为

C．逸出光电子的最大初动能为

D．信号接收电路中电源的a端是正极

【答案】B

【详解】AB．因波长为的光照射在光电管阴极K后恰能发生光电效应，可知阴极K的逸出功等于，阴极K的截止频率为，选项A错误，B正确；

C．因为恰能发生光电效应，可知逸出光电子的最大初动能为零，选项C错误；

D．逸出的电子被加速，可知信号接收电路中电源的a端是负极，选项D错误。

故选B。

5．海市蜃楼是一种自然现象。表现为在特定条件下，空中或地面出现虚幻的楼台城郭等景象。观察图（a），图（b）两幅图像，下列说法正确的是（　　）

A．两图都只有反射现象没有折射现象

B．两图中光的传播速度均不变且相同

C．图（b）中，底层空气折射率比上层折射率大

D．两图均有光从光密介质进入光疏介质发生全反射

【答案】D

【详解】A．两图中既有折射现象也有反射现象，故A错误。

B．光在介质中的传播速度与介质的折射率有关，两图中介质的折射率大小不能确定，由可知，光的传播速度不一定相同，故B错误。

CD．温度高空气稀薄，温度低空气稠密，图（b）中，下层空气比上层空气稀疏，底层空气折射率比上层折射率小。光从光密介质进入光疏介质，结合两图中光的传播路径可知，光发生了全反射，故C错误，D正确。

故选D。

6．2025年2月28日晚在夜空开始上演了“七星连珠”。发生“连珠”的七颗行星自西向东分别为土星、水星、海王星、金星、天王星、木星和火星，它们出现在黄昏日落后不久。从最西端的土星到最东端的火星，张角为，横跨大半个天空，地球观测的天象简略示意图如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．在“七星连珠”现象发生的时间内，这七颗行星都围绕太阳做匀速圆周运动

B．七星中水星绕太阳运动的角速度最大

C．若七星绕太阳运动可近似看做匀速圆周运动，则知道七星中任意一颗行星的公转周期就可求太阳的质量

D．金星的公转周期大于火星的公转周期

【答案】B

【详解】A．七星连珠现象发生的时间内，这七颗行星都围绕太阳做椭圆轨道运动，故A错误；

B．由万有引力提供向心力，解得，可知由于水星绕太阳运动的轨道半径最小，七星中水星绕太阳运动的角速度最大，故B正确；

C．若七星都绕太阳做匀速圆周运动，知道七星中任意一颗行星的公转周期与轨道半径才可以求出太阳的质量，故C错误；

D．因为金星的轨道半径小于火星，由开普勒第三定律可知，金星的公转周期小于火星的公转周期，故D错误。

故选B。

7．甲、乙两列横波在同一均匀介质中沿x轴相向传播，波速均为4m/s。时刻二者在处相遇，波形如图所示。关于平衡位置分别位于、处的P、Q两质点，下列说法正确的是（　　）

A．时，P偏离平衡位置的位移为0

B．时，Q偏离平衡位置的位移为2cm

C．两波相遇后，P的振幅小于2cm

D．两波相遇后，Q的振幅等于2cm

【答案】A

【详解】AB．时，甲乙两列波均传播4m，即一个波长，则波形图仍在原来的位置，此时P仍在平衡位置，即P偏离平衡位置的位移为0，此时由甲波在Q点引起的位移为-1cm，由乙波在Q点引起的位移为2cm，则Q偏离平衡位置的位移为1cm，选项A正确，B错误；

CD．两波相遇后，P为振动加强点，则P点的振幅为3cm，大于2cm；Q为振动减弱点，则Q的振幅等于1cm，选项C、D错误。

故选A。

8．人体弹弓，将人体当做弹丸射出，新颖刺激，与众不同，如图是一种人体弹弓的示意图，两根相同的橡皮绳（符合胡克定律）连接到座椅上，座椅可在倾斜轨道上滑动，、、在同一直线上。将弹弓拉满后固定，当人坐到座椅上后，在时拨动开关，时刻弹弓将人从点射出。人在空中飞行一段时间后于时刻落到水池中。忽略空气阻力，则人沿水平方向的速度与的关系，下列图像可能正确的是（    ）

A． B．

C． D．

【答案】B

【详解】设轨道倾角为，座椅与轨道摩擦力为，橡皮筋对人的力为，人和座椅总质量为。一起在轨道上运动过程中，在忽略空气阻力的情况下，根据牛顿第二定律，而橡皮筋对人的力在减小，可知人和座椅的加速度先减小后反向增大。则人先由静止开始做加速度减小的加速直线运动。然后做加速度增大的减速运动；时刻弹弓将人从点射出，当人离开座椅后做斜抛运动，其水平方向的速度不变，图像中斜率表示加速度，则图像的斜率先减小后增大，最后是零。

故选B。

9．图所示为乒乓球火箭现象：将乒乓球放在装有水的水杯中，随水杯由静止下落并与地面发生碰撞后，乒乓球会被弹射到很高的地方。在水杯撞击地面的极短时间内，杯中产生极大的等效浮力，使乒乓球被加速射出。已知等效浮力给乒乓球的冲量为，乒乓球质量为，下落高度为，当地重力加速度为，且远远小于等效浮力，忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A．水杯落地时，乒乓球的速率为

B．脱离水面时，乒乓球的速率为

C．从开始下落到上升至最高点的过程中，乒乓球的动量变化大小为

D．从开始下落到上升至最高点的过程中，乒乓球重力的冲量大小为

【答案】D

【详解】A．水杯落地时，乒乓球的速率为，选项A错误；

B．向上为正方向，从水杯落地到乒乓球脱离水面由动量定理

解得脱离水面时，乒乓球的速率为

选项B错误；

CD．从开始下落到上升至最高点的过程中，根据动量定理

可知乒乓球的动量变化大小为0，乒乓球重力的冲量大小为

选项C错误，D正确。

故选D。

10．龙接风是浙江丽水景宁畲族传统比赛，比赛时甲队员将绣球抛向距离10米外的同队乙队员，乙队员用背着的背篓接住同伴投来的绣球，所接绣球数多者为胜。假设投掷点与背篓接住处等高。有4个绣球从同一投掷点投出，其轨迹如图所示。1、4球在背篓处2接住，2、3球在背篓处1接住，其中1、2球最高点高度相同，4球最高点低于3球最高点。不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）

A．在空中运动过程中1，2两球速度变化量相同

B．在空中运动过程中3球时间最短

C．同时投掷时，3、4球可能会在空中相遇

D．1、2球的末速度方向可能相同

【答案】A

【详解】AB．抛体运动在竖直方向做竖直上抛运动，根据竖直上抛运动的对称性可知，运动时间为，高度越高，运动时间越长。速度变化量为，其中1、2球最高点高度相同，运动时间最长，速度变化量最大且相同，4球竖直高度最小，运动时间最短，A正确，B错误；

C．4的水平位移大于3的，4运动时间最短，所以4的水平速度大于3的，同时投掷时，3、4球不可能会在空中相遇，因为4球水平方向始终在3球前方，C错误；

D．1、2球竖直高度相同，运动时间相同，竖直方向速度相同，而2球水平位移小于1球，所以2球水平速度小于4球，根据，可知，2球末速度方向与水平方向的夹角更大些，D错误。

故选A。

11．某空间固定有两个可看成点电荷的带电小球，所带的电荷量分别为2q和-q，如图所示，以-q为圆心做圆，a、b两点为圆和两电荷连线的交点，过-q的中心做两电荷连线的垂线，c、d两点为垂线和圆的交点，以下说法正确的是（　　）

A．a点的场强小于b点的场强

B．a点的场强小于d点的场强

C．电子沿圆弧从a点经c点到b点，电势能一直增大

D．电子沿圆弧从a点经c点到b点，电势能先减小后增大

【答案】C

【解析】A．两点荷在点产生的场强方向相同，在点产生的方向相反，在圆上产生的场强大小相同，在点产生的场强大于在点产生的场强，根据矢量叠加规律知，的场强大于点的场强，故A错误；  

B.在点产生的场强大于在点产生的场强，且两电荷在点产生的夹角大于零，根据矢量叠加，的场强大于点的场强，故B错误；  

CD．电势是标量，根据公式

在圆上产生的电势相等，且为负值，从经到，产生的电势越来越小，且为正值，则

电子沿圆弧从经到，电势能一直增大，故C正确，D错误。

故选C。

二、实验题：本题共15分。

12．（15分）学习小组利用图1所示电路测量量程为3V的电压表V的内阻，然后把该电压表改装为量程为15V的电压表，最后对改装后的电压表进行校准。

(1)根据图1的电路图在图2中补充连接实物图。

(2)滑动变阻器最大阻值规格有5Ω、500Ω两种供选择，为了减小测量误差，应选择      Ω。

(3)电路图连接无误后，闭合开关S并调节电阻箱阻值，移动滑动变阻器滑片，直到电压表满偏；保持滑片位置不动，调整电阻箱阻值，直到电压表半偏，此时电阻箱读数如图3所示，则待测电压表V的内阻。      Ω。

(4)把该电压表改装为量程为15V的电压表，需要串联一个      Ω的电阻。

(5)对改装好的电压表用图4所示的电路进行校准。虚线框内是改装的电压表，是标准电压表。闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，当标准电压表示数为15.0V时，原电压表V的示数为2.94V。若产生误差的原因是电压表内阻测量误差引起的，根据该实验原理，电压表内阻测量值      （填“大于”或“小于”）实际值。若想让改装的电压表测量更准确，可适当调      （填“大”或“小”）串联的电阻值。

【答案】(1)  （3分）  (2)5 （3分）

    (3)1893 （3分）   (4)7572（3分）   (5) 大于 （2分）    小（1分）

【难度】0.65

【来源】海南省天一大联考2024-2025学年高三下学期学业水平诊断（三）物理试卷

【知识点】灵敏电流计改装成电压表、半偏法测电压表内阻的电路设计、实验步骤和误差分析

【详解】（1）补充连接实物图如图

（2）分压式电路，当滑动变阻器阻值过大时，电压随滑片移动的变化往往是非线性的，难以准确把握电压的变化规律，不利于实验数据的准确获取和分析。若为了减小测量误差，滑动变阻器应选择5Ω。

（3）电压表满偏时保持滑片位置不动，调整电阻箱阻值，直到电压表半偏，即通过电压表的电流减半，所以

（4）把该电压表改装为量程为15V的电压表，需要串联的电阻值

（5）从实验原理分析可知，保持滑片位置不动，调整电阻箱阻值，直到电压表半偏时，闭合电路的总电阻增大，干路电流将减小，从而使得滑动变阻器并联部分两端电压变大，即使电压表示数为一半，而电阻箱R的电压超过电压表电压，导致所测电阻也偏大，所以电压表内阻的测量电阻大于实际值；若想让改装的电压表测量更准确，可适当调小串联的电阻值。

三、计算题：本题共4小题，共41分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13．（6分）爆米花酥脆可口，是许多人喜欢的零食。如图所示为传统爆米花机，其原理为：加热封闭铁炉时，炉内产生高压，炉中玉米粒内存有高压水蒸气。当铁炉顶盖被快速打开时，炉内气体迅速膨胀，压强迅速减小，使得玉米粒内外压强差变大，导致玉米粒内高压水蒸气急剧膨胀，瞬时爆开玉米粒。为使玉米粒爆开，铁炉内外压强差至少为。已知加热前封闭铁炉内气体（可视作理想气体）的温度为27℃，铁炉密闭良好，大气压强恒为：。

(1)求打开铁炉顶盖前铁炉内的最低温度；

(2)若开盖前后瞬间气体温度不变，压强变为，求开盖前后瞬间炉内气体密度比。

【答案】(1)   (2)

【详解】（1）加热前铁炉内气体温度为，设打开铁炉盖前铁炉内的最低温度为，

由查理定律得（2分）

为使玉米粒爆开，则

解得（1分）

（2）开盖前后，对铁炉内的气体，由玻意耳定律得

由于开盖前后研究气体质量一定，则 （2分）

解得（1分）

14．（8分）分别沿x轴正向和负向传播的两列简谐横波P、Q在t=0时的波形图如图所示，波源分别位于坐标原点和x=19m处，两波源的振动频率相同。其中简谐横波P的波源振动方程为，求：

（1）两简谐横波的传播速度大小？

（2）简谐横波Q波源的振动方程？

【答案】（1）；（2）

【解析】（1）由波形图知两列波的波长均为（1分）

由振动方程（1分）

得

解得周期（1分）

则波的传播速度大小均为（1分）

（2）由波形图知两列波的振幅

对于简谐横波Q，处质点的振动方程为（1分）

则简谐横波Q波源的振动方程为，（1分）

解得（2分）

15．（12分）如图所示，质量m=2kg的滑块（视为质点），从半径R=5m的光滑四分之一圆弧轨道顶端由静止释放，圆弧轨道最低点A与静止在光滑地面上的长木板平滑相接，长木板的长度L=4m，质量M=3kg。滑块运动到长木板最右端时恰好相对长木板静止，长木板右端也刚好到达右侧等高固定的平台处，滑块顺利滑上平台，平台上固定有一底端C处开口的竖直圆轨道，滑块从C处进入圆轨道后，在一沿运动切线方向的外力作用下做匀速圆周运动，转动一周后撤去外力，滑块通过圆轨道后滑上C右侧平台，与静止在D处的轻质挡板相撞后粘在一起。已知滑块与圆轨道间的动摩擦因数，与C右侧平台间的动摩擦因数，C左侧平台光滑，，轻质挡板与轻弹簧铰接，弹簧另一端固定在右侧挡板上，弹簧的劲度系数k=100N/m，弹簧弹性势能的表达式为（x为弹簧形变量），取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s²。求：

(1)滑块对圆弧轨道最低点A处的压力大小；

(2)滑块与长木板之间的动摩擦因数μ₁；

(3)从滑块冲上长木板到弹簧第一次被压缩到最短的过程中因摩擦而产生的热量Q。

【答案】(1)   (2)   (3)

【详解】（1）根据机械能守恒定律则有（1分）

代入数据解得滑块在A点的速度（1分）

在A点时，由牛顿第二定律可得

解得（1分）

根据牛顿第三定律可知，滑块对圆弧轨道最低点A处的压力大小（1分）

（2）滑块以的速度冲上长木板，设二者相对静止时的速度为，则从滑上长木板到二者相对静止的过程中，根据动量守恒定律则有（1分）

根据能量守恒则有（1分）

代入数据解得，（2分）

（3）滑块的整个运动过程有三段产生摩擦热，第一段过程为滑块以速度冲上长木板到两者相对静止的过程，此过程产生的摩擦热（1分）

第二段过程为滑块以速度冲上右侧的固定平台后,在竖直圆轨道匀速运动一周的过程,如图所示

选取竖直圆轨道上下对称的P、P'两点,根据牛顿第二定律则有

在P、P'两点附近选取微元,则滑块在这两段微元克服摩擦力做的功之和

求和可得

代入数据解得（1分）

第三段过程为滑块滑上C右侧平台并与弹簧接,由功能关系可知,弹簧第一次被压缩到最短(此时滑块运动到E点)则有

代入数据解得（1分）

第三个阶段产生的热量（1分）

故整个过程产生的热量为（1分）

16．（15分）一款能抛射带电小球的实验装置如图所示，质量为m、带电荷量的小球从A点无初速下落，平滑进入圆弧轨道后从轨道底端C点进入加速装置，经过加速后进入矩形匀强磁场区域，从磁场上边缘P点与成45°角斜向左上射出，抛出后碰撞到左侧竖直墙面E点，碰后瞬间平行墙面的速度不变，垂直墙面的速度变为零。之后小球能按照第一次经过E点后的运动轨迹循环运动。已知B、C、D、G位于同一水平线上，磁场高度为h，宽度足够大，方向垂直纸面向里。竖直，高度为。加速装置由平行板电容器构成，重力加速度为，忽略一切摩擦。求：

(1)极板间的加速电压；

(2)小球进入磁场时的动能；

(3)磁感应强度大小。

【答案】(1)  (2)  (3)

【详解】（1）小球到点后能循环运动，则每次经过点小球竖直方向速度相等。根据抛体运动知识可知，小球斜抛运动的最高点与点等高。点至点的逆向运动过程为平抛运动，设运动时间为点水平速度与竖直速度相等，有

（1分）

解得（1分）

小球由点下落至上抛至点的全过程中，只有加速装置做功，小球在点具有的动能等于加速电场做的功，有（1分）

联立解得（2分）

（2）根据动能定理可得（3分）

得（2分）

（3）小球在磁场中运动，同时受到重力与洛伦兹力作用，使用配速法。设进入磁场时的速度为，将分解为和两个分速度，方向均水平向右，其中分速度产生的洛伦兹力与重力恰好平衡，另一个分速度产生的洛伦兹力导致的分运动为匀速圆周运动，即原运动分解成匀速直线运动和匀速圆周运动两个分运动。即有，（1分）

匀速直线分运动未发生动量变化，总冲量为0。洛伦兹力的水平方向冲量（1分）

对于线速度为的圆周运动，在很短的时间内，设速度的水平分量为，竖直分量为，水平方向的洛伦兹力为，竖直方向位移为，则在水平方向产生的冲量为（1分）

两边求和，有（1分）

即

联立解得磁感应强度大小（1分）